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- 2021-06-25 发布
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河北定州中学2016-2017学年第一学期高三数学期末考试试题
第Ⅰ卷
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项
是符合题目要求的.
(1)已知全集,则图中阴影部分所表示的集合等于( )
A. B. C. D.
(2)复数满足,则对应的点位于复平面的( )
A.第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D.第四象限
(3)已知满足对,且时,(为常数),则的值为( )
A.4 B.-4 C.6 D.-6
(4)如图,在空间四边形中,一个平面与边分别交于(不含端点),则下列结论错误的是( )
A.若,则平面
B.若分别为各边中点,则四边形为平行四边形
C.若分别为各边中点且,则四边形为矩形
D.若分别为各边中点且,则四边形为矩形
(5)等差数列中,是其前项和,,则( )
A. 0 B. -9 C. 10 D.-10
(6)设,则“”是“”的( )
A.充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
(7).如图是一个空间几何体的三视图,则该空间几何体的表面积是( )
A. B. C. D.
(8)已知满足约束条件,目标函数,若的最大值为,则当时,的最大值和最小值之和是( )
A.4 B.10 C.13 D.14
(9)在边长为1的正中,是边的两个三等分点(靠近于点),则等于( )
A. B. C. D.
(10)已知函数的图象关于直线对称且,如果存在实数,使得对任意的都有,则的最小值是( )
A.4 B.6 C.8 D.12
(11)已知边长为的菱形中,,现沿对角线折起,使得二面角为120°,此时点在同一个球面上,则该球的表面积为( )
A. B. C. D.
(12)已知方程在上有三个不等实根,则实数的取值范围是( )
A. B. C. D.
第Ⅱ卷
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分 .
(13)命题“”为假命题,则实数的取值范围是____________.
(14)已知,则__________.
(15)已知正实数满足,则的最小值为___________.
(16)已知函数,点为曲线在点处的切线上的一点,点在曲线上,则的最小值为____________.
三、解答题 :解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
(17)(本小题满分10分)
已知数列的前项和为,且对任意正整数,都有成立.
(1)记,求数列的通项公式;
(2)设,求数列的前项和.
(18)(本小题满分12分)
已知中,角的对边分别为,且.
(1)求角;
(2)若,求的取值范围.
(19)(本小题满分12分)
在如图所示的三棱锥中,分别是的中点.
(1)求证:平面;
(2)若为正三角形,且为上的一点,,求直线与直线所成角的正切值.
(20)(本小题满分12分)
已知函数.
(1)记的极小值为,求的最大值;
(2)若对任意实数恒有,求的取值范围.
(21)(本小题满分12分)
如图,在四棱锥中,为正三角形,平面.
(1)若为棱的中点,求证平面;
(2)若,求点到平面的距离.
(22)(本小题满分12分)
已知.
(1)若在上单调,求实数的取值范围;
(2)证明:当时,在上恒成立.
参考答案
一、选择题
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
A
D
B
C
A
B
A
D
C
C
C
C
二、填空题
13. 14. 15. 16.
三、解答题
17.解:(1)在中令得....................1分
因为对任意正整数,都有成立,所以,
两式相减得,所以,.........................3分
又,所以数列为等比数列,所以,所以.....5分
(2),....................7分
所以...........10分
又,所以
,............9分
因为,所以,所以,所以,
即的取值范围是...........................12分
19.解:(1)
取的中点,连接..................1分
在中,因为分别为的中点,
所以平面平面,
所以平面............................... 3分
在矩形中,因为分别为的中点,
所以平面 平面,所以平面..........4分
因为,所以平面平面....................5分
因为平面,所以平面..............6分
(2)因为三棱柱为直三棱柱,所以平面平面,
连接,因为为正三角形,为中点,所以,所以平面,
取的中点,连接,可得,故平面,
又因为,所以,
所以即为直线与直线所成角.........................9分
设,在中,,
所以........................12分
20.解:(1)函数的定义域是,,
令,得,所以的单调递增区间是;
令,得,所以的单调递减区间是,函数在处取极小值,
.......................3分
,当时,在上单调递增;
当时,在上单调递减,
所以是函数在上唯一的极大值点,也是最大值点,所以.................................6分
(2)当时,恒成立,..............................7分
当时,,即,即.........................8分
令,
当时,,当时,,故的最小值为,
所以,故实数的取值范围是..................10分
,,由上面可知恒成立,
故在上单调递增,所以,
即的取值范围是..........................12分
21.解:(1)因为平面平面,所以,
∵,所以平面,而平面,∴.....2分
∵是的中点,∴,又,所以平面,
而平面,∴...................4分
∵底面,∴平面平面,又,
由面面垂直的性质定理可得平面,又∵,∴平面................6分
(2)因为平面,所以,所以,
由(1)的证明知,平面,所以,
因为为正三角形,所以,因为,所以.................7分
设点的平面的距离为,则......8分
在中,,所以.....9分
所以............................10分
因为,所以,解得,
即点到平面的距离为........................12分
22.解:(1)................... 1分
若在上单调递增,则当,恒成立,
当时,
,
此时;............................4分
若在上单调递减,同理可得.................5分
所以的取值范围是..............................6分
(2)时,............7分
当时,在上单调递增,在上单调递减,
.......................9分
∴存在,使得在上,在上,
所以函数在上单调递增,在上单调递减...................11分
故在上,,所以在上恒成立.......................................12分