福建省福州三中2019-2020学年高一上学期期中考试物理试题 20页

www.ks5u.com 福州三中2019-2020学年第一学期半期考试 高一物理试卷 一、单选题 ‎1.我国杭州城市获得2022年亚运会主办权，在下列训练中，考察运动员的训练成绩时，运动员可视为质点的是 A. 马拉松 B. 跳水 C. 击剑 D. 体操 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.马拉松比赛中运动员的大小相对于比赛路程可以忽略不计，能够看做质点；故A正确，符合题意；‎ B.跳水比赛中看人的身体各部分的动作如何，所以运动员不能看成质点；故B错误，不符合题意．‎ C.击剑时要注意人的肢体动作，不能看作质点，故C错误，不符合题意；‎ D.体操中主要根据人的肢体动作评分，故不能忽略大小和形状，故不能看作质点，故D错误，不符合题意．‎ ‎2.一物体做直线运动，初速度与加速度方向相反，在加速度逐渐增大且速度未减到零的过程中，下列说法正确的是 A. 物体运动速度的变化率越来越大 B. 速度变化量的方向与加速度方向相反 C. 速度不断减小，物体位移也在变小 D. 速度不断减小，在连续相等时间内速度的变化量也不断减小 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.加速度越来越大，所以物体运动的速度变化率越来越大，故A正确；‎ B.根据 可知速度变化量的方向与加速度方向相同，故B错误； ‎ C.加速度的方向始终与速度方向相反，所以物体的速度不断减小，由于物体一直做方向不变的直线运动，所以位移位移逐渐增大，故C错误； ‎ D. 加速度的方向始终与速度方向相反，所以物体的速度不断减小，根据 可知，加速度不断增大，所以在连续相等时间内速度的变化量不断增大，故D错误．‎ ‎3.一个做直线运动的物体，在t =4s内速度从v0=12m∕s增加到=20m∕s，通过的位移是x=60m，这个物体4s内的平均速度是 ( )‎ A. 2m∕s B. 15m∕s C. 16m∕s D. 无法确定 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 解： 在内,物体通过的位移为,则物体在这4内的平均速度.故选B.‎ ‎4.如图是用频闪周期为的相机拍摄的-张真空中羽毛与苹果自由下落的局部频闪照片．关于提供的信息及相关数据处理,下列说法中正确的是 A. 羽毛与苹果在B的速度大小为vB=gt B. 一定满足关系vB:vc:vD=1:2:3‎ C. 一定满足关系x1:x2:x3=1 :3:5‎ D. 苹果下落的加速度大小为 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.由题意无法知道A点是不是最开始的释放点，所以B点的速度不能用 v=gt 故A错误； ‎ B.由题意无法知道A点是不是最开始的释放点，所以B、C、D三点速度不能用 v=gt 进行计算，所以三点的速度之比不一定为：‎ vB:vc:vD=1:2:3‎ 故B错误； ‎ C.由题意无法知道A点是不是最开始的释放点，不能根据初速度为零的匀变速直线运动的位移规律求解，故C错误； ‎ D.由 ‎△‎ 可得：‎ 故D正确．‎ ‎5.在一次交通事故中，交通葵察测量出肇事车辆的刹车痕迹是30 m.该车辆最大刹车加速度悬15 m/s2,该路段的限速为60 km/h.则该车 A. 超速 B. 速度小于60 km/h C. 速度刚好是60 km/h D. 无法判断 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】汽车刹车时做匀减速运动，根据：‎ 可得汽车的初速度为：‎ m/s 而60km/h=16.67m/s，所以30m/s＞60km/h，故该汽车超速，故选A．‎ ‎6.一做匀加速直线运动的质点，在前2s内的平均速度比前3s内的平均速度小1m/s．则质点的加速度大小为 A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】做匀加速直线运动的质点，在前2s内的平均速度是第1s时的瞬时速度，在前3s内的平均速度是第1.5s时的瞬时速度，根据加速度定义式 A.与计算结果不符，故A不符合题意．‎ B.与计算结果不符，故B不符合题意．‎ C.与计算结果相符，故C符合题意．‎ D.与计算结果不符，故D不符合题意．‎ ‎7.玩具汽车停在模型桥面上，如图所示，下列说法正确的是 A. 桥面受向下的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变 B. 汽车没有发生形变，所以汽车不受弹力 C. 汽车受向上的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变 D. 汽车受向上的弹力，是因为汽车发生了形变 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．桥面受向下的弹力，是因为车发生了弹性形变产生的对桥面向下的压力，选项A错误；‎ B．汽车也会发生形变，汽车受到桥面向上的弹力，选项B错误；‎ CD．汽车受向上的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变，选项C正确，D错误；‎ ‎8.如图所示，小车内有-固定光滑斜面，一个小球通过细绳与车项相连,细绳始终保持竖直，关于小球的受力情况，下列说法中正确的是 A. 若小车静止，绳对小球的拉力可能为零 B. 若小车静止，斜面对小球的支持力一定不为零 C. 若小车向右匀速运动，小球一定受两个力的作用 D. 若小车向左匀速运动，小球一定受三个力的作用 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.小车静止，小球一定只受重力和细绳的拉力两个力的作用，因球处于平衡，所以不可能受到斜面的支持力；故AB错误．‎ CD.小车向右或向左匀速运动，小球一定只受重力和细绳的拉力两个力的作用，因球处于平衡，所以不可能受到斜面的支持力，故C正确，D错误．‎ ‎9.如图所示，质量为1kg的物体与地面间的动摩擦因数μ=0.2从，t=0 开始以初速度沿水平地面向右滑行，同时受到一-个水平向左的恒力F=1N作用,取g=10m/s2 ,向右为正方向,该物体受到的摩擦力f随时间变化的图象是（最大静摩擦力等于滑动摩擦力）‎ A B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】从t=0开始以初速度v0沿水平地面向右做匀减速运动，受到的滑动摩擦力大小为 N=2N 方向向左，为负值．当物体的速度减到零时，物体所受的最大静摩擦力为 ‎2N＞1N 则 所以物体不能被拉动而处于静止状态，受到静摩擦力作用，其大小为 ‎1N 方向向右，为正值，由上分析，可知A图象符合题意，故选A．‎ ‎10.如下图所示，两木块的质量分别为m1和m2，两轻质弹簧的劲度系数分别为k1和k2，上面木块压在上面弹簧上(但不拴接)，整个系统处于平衡状态．现缓慢向上提上面的木块，直到它刚离开上面的弹簧．在这个过程中，下面木块移动的距离为(　　)‎ ‎ ‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 将起始状态的两木块作为整体受力分析，求出起始状态时下方弹簧的弹力．待上面木块离开弹簧时，对下面木块受力分析，求出终了状态时下方弹簧的弹力．根据胡克定律求出两状态下弹簧的形变量，然后据几何关系求这个过程中下面木块移动的距离．‎ ‎【详解】将起始状态的两木块作为整体受力分析，可得下方弹簧的弹力，则起始时，下方弹簧的压缩量．待上面木块离开弹簧时，上方弹簧弹力为零，对下面木块受力分析，可得下方弹簧的弹力，则终了时，下方弹簧的压缩量．由几何关系得这个过程中下面木块移动的距离．故C项正确，ABD三项错误．‎ 二、多选题 ‎11.如图，甲乙两人分别乘坐两种电动扶梯，此时两电梯均匀速向上运转，则 A. 甲受到三个力的作用 B. 甲对扶梯没有摩擦力的作用 C. 乙受到三个力的作用 D. 乙对扶梯作用力的方向垂直扶梯向下 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 人处于匀速直线运动状态，受力平衡，对人受力分析，根据平衡条件求解，甲图中人不受水平方向的摩擦力，否则不平衡．‎ ‎【详解】AB、甲图中，人处于匀速直线运动状态，受力平衡，受到重力和支持力，不受摩擦力，重力G=mg，支持力N=G=mg；A错误，B正确；‎ B、乙图中，人处于匀速直线运动状态，受力平衡，受到重力G=mg，斜面的支持力N′以及沿斜面向上的摩擦力三个力作用，C正确；‎ D、扶梯对人的作用力竖直向上，则人对扶梯的作用力竖直向下，D错误．‎ 故选BC．‎ ‎【点睛】本题主要考查了共点力平衡条件的直接应用，要求同学们能正确分析人的受力情况，并且注意甲乙两幅图的不同点，难度适中．‎ ‎12.如图所示,放在水平桌面上的木块A处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量为0.6kg,弹簧测力计读数为2N,滑轮摩擦不计,若轻轻取走盘中的部分砝码,使总质量减少到0.3kg时，将会出现的情况是（取g=10m/s2 ）‎ A. 弹簧测力计的读数将变小 B. A 仍静止不动 C. A对桌面的摩擦力变小 D. A所受的摩擦力变大 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】初态时，对A受力分析，可得摩擦力 ‎4N 说明最大静摩擦力N，当将总质量减小到0.3kg时，拉力变为3N，物体仍静止，合力仍为零；弹簧测力计的示数不变，故摩擦力变化N，说明摩擦力变小了，故选BC．‎ ‎13.如图所示为两个物体A和B在同一直线上沿同一方向同时开始运动的v -t图线，已知在第3s末两个物体在途中相遇，则 ‎ ‎ A. t=1s时，两物体第一次相遇 B. 3s内物体A的平均速度比物体B的大 C. A、B两物体在减速阶段的加速度大小之比为2: 1‎ D. A、B两物体是从同一地点出发 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A.速度时间图象围成的“面积”表示位移可知，1-3s内A的位移 m B的位移 m 由题知第3s末两个物体在途中相遇，所以t=1s时，两物体相遇，故A正确．‎ B.由速度时间图象围成的“面积”表示位移可知，两物体在3s内B的位移大于A的位移，则B的平均速度大于A的平均速度．故B错误．‎ C.速度时间图象的斜率表示加速度，则A在减速过程的加速度大小 m/s2‎ B在减速过程的加速度大小 m/s2‎ 即，故C正确；‎ D. 由速度时间图象围成的“面积”表示位移可知，两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同．故D错误．‎ ‎14.从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0-t时间内，下列说法中正确的是（ ）‎ A. Ⅰ、Ⅱ两个物体运动方向相反 B. Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小 C. Ⅰ、Ⅱ两个物体的位移都不断增大 D. Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都大于(v1+v2)/2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．两个物体的速度都是正值，表明两个物体都沿正方向运动，运动方向相同．故A错误；‎ B．根据斜率等于加速度，可知，Ⅰ物体的加速度不断减小，Ⅱ物体的加速度不断减小．故B错误．‎ C．根据图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移大小得知，Ⅰ、Ⅱ两个物体的位移都不断增大．故C正确．‎ ‎ D．如图所示，虚线表示物体做匀变速直线运动，其平均速度等于初末位置速度的平均值，图中两个物体都做非匀变速直线运动，由“面积”等于位移看出，Ⅰ物体的位移大于同时间内匀变速直线运动的位移，则其平均速度大于，而Ⅱ物体的位移小于同时间内匀变速直线运动的位移，则其平均速度小于．故D错误．‎ ‎15.如图所示是甲、乙两物体的速度-时间图象，其中三角形OPQ的面积为S1,三角形0QT的面积为S2,已知t=0时刻甲在前、乙在后，二者相距为x0，下列说法正确的是 ‎ A. 若x0=12m,则两物体相遇两次 B. 若x0=10m,则两物体相遇一次 C. 若x0=8m,则两物体相遇两次 D. 若x0=S1+S2,则两物体相遇一次 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】A.由图象可知10m，10m，t=0‎ 时刻甲在前、乙在后，当两者速度相等时乙比甲多运动的位移为10m．若12m，说明4s时乙未追上甲，两物体不能相遇了，故A错误；‎ B.若m，说明4 s时乙恰好追上甲，两物体相遇1次，故B正确；‎ C.若m，说明4 s时乙超过了甲，但乙的速度继续减小，甲还可以超过乙一次，故两物体相遇2次，故C正确；‎ D.甲、乙两车速度相同时，若，则此时甲车仍在乙车的前面，以后乙车不可能再追上甲车了，故D错误．‎ ‎16.平直公路上行驶的A车和B车，其位移-时间图象分别为图中直线a和曲线b．已知B车做匀变速直线运动，t＝2s时，直线a和曲线b刚好相切，下列说法正确的有（　　）‎ A. A车的速度大小为2m/s B. t＝2s时，A、B两车相遇且两车速度不相等 C. B车的加速度大小为1m/s2‎ D. B车的初速度大小为3m/s ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】A.因为图象的斜率代表速度，A车做匀速直线运动，速度大小为，故A错误．‎ B.因t＝2s时，直线a和曲线b刚好相切，斜率相同，所以两车在该时刻速度相等，故B错误．‎ CD.位移时间图象中的斜率代表物体的速度，所以A车做匀速直线运动，t＝2s时，直线a和曲线b刚好相切，所以有：va=vb=1m/s．对b车从0到2s，设初速度v0，vb＝v0﹣at，，联立解得：v0＝3m/s，a＝1m/s2，故CD正确．‎ 三、实验题 ‎17.为了测量某一弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上不同质量的钩码．实验测出了钩码质量m与弹簧长度l的相应数据，其对应点已在图甲标出．（g取9.8 m/s2）‎ ‎（1）作出m－l的关系图线______；‎ ‎（2）弹簧的劲度系数为______N／m（结果保留三位有效数字）．‎ ‎【答案】 (1). (2). 0.258‎ ‎【解析】‎ 试题分析：（1）根据实验数据在坐标纸上描出的点，基本上在同一条直线上．可以判定和间是一次函数关系，画一条直线，使尽可能多的点落在这条直线上，不在直线上的点均匀地分布在直线两侧，如图所示：‎ ‎（2）图线的斜率：‎ 由胡克定律得：表示劲度系数与重力加速度比值．‎ 弹簧的劲度系数：．‎ 考点：探究弹力和弹簧伸长的关系 ‎【名师点睛】描点作图时，描线时要将尽可能多的点画在直线上，少数的点尽可能平均的分布于直线两侧，在应用胡克定律时，要首先转化单位，知道图线的斜率即为弹簧的劲度系数．‎ ‎18.某同学利用如图所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律。物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处），从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图所示，打点计时器电源的频率为50 Hz。‎ ‎（1）通过分析纸带数据,可判断物块在两相邻计数点____和____之间某时刻开始减速.‎ ‎（2）计数点5对应的速度大小为___m/s（保留三位有效数字）‎ ‎（3）物块减速运动过程中加速度的大小为a=__ m/s2（保留三位有效数字）‎ ‎【答案】 (1). 6 (2). 7 (3). 1.00 (4). 2.00‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）[1][2]从纸带上的数据分析得知：在点计数点6之前，两点之间的位移逐渐增大，是加速运动，在计数点7之后，两点之间的位移逐渐减小，是减速运动，所以物块在相邻计数点6和7之间某时刻开始减速。‎ ‎（2）[3]每5个点取1个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上某点时小车的瞬时速度大小，则计数点5对应的速度大小为 m/s ‎（3）[4] 根据匀变速直线运动的推论，物块减速运动过程中加速度 四、作图题 ‎19.如图所示，在水平面上叠放着两个物体A和B,两物体在F1=F2‎ 的水平拉力作用下，处于静止状态试分别画出A和B受所有力的示意图.‎ ‎（ ） ‎ ‎【答案】，‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】对A物体受力分析，竖直方向受重力和B对A的支持力，水平方向受着向左的静摩擦力，受力分析如图所示：‎ 对B物体受力分析，竖直方向受重力和向下的A对B的压力以及地面对B的竖直向上的支持力；水平方向受向右的A对B的摩擦力、地面对B的静摩擦力，受力分析如图所示：‎ ‎20.两个共点力，的方向如图虚线所示，画出两个力的图示，并用平行四边形定则作图求出合力的大小和方向．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 如图；‎ 由图可知，合力大小约为87N.‎ 五、计算题 ‎21.如图所示，直角三棱柱A放在水平地面上,三棱柱的斜面是光滑的，且斜面倾角为.质量为m的光滑球放在三棱柱和光滑竖直墙壁之间，A和B都处于静止状态，求 ‎（1）画出B的受力示意图，并用平行四边行定则规范地做任意两个力的合力 ‎（2）三棱柱对B的支持力和墙壁对B的支持力大小 ‎【答案】（1）（2），‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）选取B为研究对象，其受力分析，如图所示：‎ 用平行四边行定则作出F与mg的合力 ‎（2）对B，根据平衡条件有：‎ 解得： ，‎ ‎22.跳伞运动员做低空跳伞表演.他在离地面224 m高处．由静止开始在竖直方向上做自由落体运动．一段时间后,立即打开降落伞．以12.5m/s2加速度匀减速下降．为了运动员的安全,要求运动员落地速度最大不得超过5 m/s（取g=10 m/s2）.求:‎ ‎（1）求运动员展开伞时离地面高度至少为多少?‎ ‎（2）求运动员在空中的时间至少是多少?‎ ‎【答案】（1）99m（2）8.6s ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）取竖直向下为正方向，设下落时的高度H，展开伞时的速度为v1，此时距地面的高度为h1，落地是速度v2=5m/s，匀减速下降时的加速度为a=-12.5m/s2‎ 自由落体过程有：‎ 匀减速直线运动过程有：‎ 代入数据可得：m/s，h1=99m；‎ ‎（2）他在空中自由下落的时间为：‎ s 他减速运动的时间为：‎ s 他在空中的最短时间为：‎ ‎5+3.6=8.6s ‎23.测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两车相距S0.某时刻B发出超声波，同时A由静止开始做匀加速直线运动.经2s, B接收到返回的超声波，当B接收到反射回来的超声波信号时A、B相距355m,已知声速为340 m/s,求:‎ ‎（1）开始时两车的距离 ‎（2） A车的加速大小 ‎【答案】（1）335m（2）10m/s2‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】已知时间t=2s，设汽车运动的加速度为a，根据题意有：‎ 即：‎ ‎①‎ 超声波来回的时间也为t=2s，超声波做匀速直线运动，所以单程的时间为：‎ s 则超声波追上汽车时，有：‎ 即：‎ ‎②‎ 联立①②解得：=335m，m/s2‎ ‎24.目前全国正在建设ETC系统，ETC是电子不停车收费系统的简称，该系统可以.提高收费效率，节省车辆逦行时间．汽车分别通过ETC通道和人工收费通道的流程如图所示，假设汽车以正常行驶速度v1=16m/s朝收费站沿直线行驶，如果过ETC通道，需要在距收费站中心线前d=8m处正好匀减速至v2=4m/s,匀速通过中心线后，再匀加速至v1正常行驶;如果过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至零,经过t0=25s缴费成功后，再启动汽车匀加速至v1正常行驶．设汽车在减速和加速过程中的加速度大小分别为a1=2m/s2,和a2=1 m/s2.求:‎ ‎（1）汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小 ‎（2）汽车走ETC通道比走人工收费通道节约的时间t是多少?‎ ‎【答案】（1）188m（2）29s ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）汽车通过ETC通道时：‎ 匀减速过程：‎ m 匀加速过程：‎ m 汽车的总位移：‎ m ‎（2）汽车通过ETC通道时：‎ 匀减速过程：‎ s 匀速过程：‎ s 匀加速过程：‎ s 汽车通过ETC通道的总时间：‎ s 汽车通过人工收费通道时：‎ 匀减速过程：‎ s 匀加速过程：‎ s 汽车通过人工通道的总时间：‎ s 汽车节约的时间：‎ ‎△s ‎ ‎